загрузка...


ПОУРОЧНЫЕ РАЗРАБОТКИ ПО ГЕОМЕТРИИ 10 класс

Глава I

ПАРАЛЛЕЛЬНОСТЬ ПРЯМЫХ И ПЛОСКОСТЕЙ

 

§ 4. ТЕТРАЭДР. ПАРАЛЛЕЛЕПИПЕД

(уроки 18-24)

 

Урок 22. Закрепление свойств параллелепипеда

 

Цель урока:

- подготовка к контрольной работе.

I уровень

Задача 1

Дано: ABCD - параллелограмм, АА1 и СС1. Прямые АА1 и СС1 не лежат в одной плоскости параллелограмма (рис. 1).

Доказать: (А1АВ) || (C1CD).

 

image235

 

Решение: АВ || CD - противоположные стороны параллелограмма, АА1 || СС1 по условию. BA AA1 = A, DC СС1 = С. По признаку параллельности плоскостей (А1АВ) || (C1CD). Что и требовалось доказать.

Задача 2

Дано:  (рис. 2).

а) Доказать: А1В1 || А2В2.

б) Найти: А2А1В1.

 

image236

 

Решение:

а) Из определения параллельных прямых в пространстве следует, что прямые а и b лежат в одной плоскости, которая пересекает параллельные плоскости α и β по прямым А1В1 и А2В2. По 1° свойству параллельных плоскостей А1В1 || А2В2. Что и требовалось доказать.

б) Отрезки А1А2 || В1В2, так как α || β по условию. А1В1 || А2В2 по выше доказанному. Значит, А2В2В1А1 - параллелограмм по определению. По свойству параллелограмма (сумма углов, прилежащих к одной стороне, равна 180°)  Так как по условию   (Ответ: A2A1B1 = 40°.)

 

Задача 3

Дано: ABCD - параллелограмм. Прямые АА1 и СС1 не лежат в плоскости параллелограмма АА1 || СС1 (рис. 3).

Доказать: (A1AD) || (С1СВ).

 

image237

 

Решение: ВС || AD - противоположные стороны параллелограмма. СС1 || АА1 по условию;  По признаку параллельности двух плоскостей (A1AD) || (С1СВ). Что и требовалось доказать.

Задача 4

Дано:  (рис. 4).

а) Доказать: А1В1 = А2В2.

б) Найти: B1B2A2.

 

image238

 

Решение:

а) Отрезки А1А2 и B1В2 параллельных прямых а и b параллельны, то есть А1А2 || B1B2. а || Р, α || β по условию. Следовательно, по свойству 2° параллельных плоскостей А1А2 = В1В2. Значит, противоположные стороны А1А2 и В1В2 четырехугольника А2В2В1А1 равны и параллельны и А2В2В1А1 - параллелограмм. В параллелограмме противолежащие стороны равны, поэтому А1В1 = A2В2, что и требовалось доказать.

б) В параллелограмме противоположные углы равны, B1A1A2 = B1B2A2, так как B1A1A2 = 50°, то B1B2A2 = 50°. (Ответ: B1B2A2 = 50°.)

 

II уровень

Задача 5

Дано: ABCD и A1B1CD параллелограммы не лежат в одной плоскости (рис. 5).

Доказать: (ADA1) || (ВСВ1).

 

image239

 

Решение:

 противоположные стороны параллелограммов AD DA = D; В1С СВ = С. По признаку параллельности двух плоскостей (ADA1) || (ВСВ1).

 

Задача 6

Дано:  (рис. 6).

Доказать: a) АВ || CD; б) ADC четырехугольника ABCD равен 65°.

Найти остальные углы.

 

image240

 

Решение: Прямые АС и BD пересекаются и задают плоскость ABCD. По свойству параллельных плоскостей (п. 11, 1°) АВ || CD, ΔAОВ = ΔDOC по второму признаку  как внутренние накрест лежащие при параллельных АВ и DC и секущей BD и АС для второй пары. АВ = DC по условию.

Из равенства треугольников следует, что OB = OD, АО = СО, то есть диагонали четырехугольника делятся точкой пересечения пополам. Значит, ABCD - параллелограмм. У параллелограмма противоположные углы равны. Если ADC = 65 °, то ABC = 65 °, DAB = 180° - ADC = 180° - 65° = 115°. BCD = DAB = 115°. (Ответ: 65°, 115°, 115°.)

Задача 7

Дано: ABCD и ABC1D1 - параллелограммы не лежат в одной плоскости (рис. 7).

Доказать: (СВС1) || (DAD1).

 

image241

 

Решение:  по определению параллелограмма  Имеем две пересекающиеся прямые одной плоскости, соответственно параллельны двум пересекающимся прямым другой плоскости. Следовательно, по признаку параллельности двух плоскостей (СВС1) || (DAD1). Что и требовалось доказать.

Задача 8

Дето:  D = О, АВ = CD, BAD = 130° (рис. 8).

а) Доказать: AD || ВС.

б) Найти: ABC, ADC, BCD.

 

 

Решение:

а) Две пересекающиеся прямые единственным образом задают плоскость. Отрезки АС и BD пересекаются и задают плоскость ABCD, которая пересекает параллельные плоскости аир по прямым АВ и DC. По свойству 1° параллельных плоскостей АВ || DC. АВ = DC по условию.

Поэтому четырехугольник ABCD - параллелограмм. Значит, AD || ВС. Что и требовалось доказать.

б) В параллелограмме сумма углов, прилежащих к одной стороне равна 180°.  В параллелограмме противоположные углы равны. BAD = BCD, ABC = ADC. Так как BAD = 130°, то BCD = 130°, ADC = 50°, то и ABC = 50°. (Ответ: BCD = 130°, ADC = 50°, ABC = 50°.)

 

 

III уровень

Задача 9

Дано:   (рис. 9).

При каком взаимном расположении прямых а и b α || β?

 

 

Решение: α || β, если прямые а и b пересекаются.

Две пересекающиеся прямые единственным образом задают плоскость. Прямые а и b пересекаются и задают плоскость γ. Пересекающиеся прямые а и b плоскости γ параллельны плоскости α. Значит, α  || γ (задача 51). Рассуждая аналогично, имеем β || γ, α  || γ, α || у. Следовательно, α || β (задача 60).

Задача 10

Дано: α || β. Отрезки АС и BD пересекаются в точке О,   (рис. 10).

 

 

а) При каком дополнительном условии пересечения отрезков ABCD - прямоугольник?

б) Доказать: ABCD - равнобокая трапеция.

а) Две пересекающиеся прямые единственным образом задают плоскость.

Отрезки АС и BD пересекаются и задают плоскость ABCD. По 1° свойству параллельных плоскостей АВ || CD. По условию АС = BD. При дополнительном условии, что пересекающиеся отрезки делятся точкой пересечения пополам, ABCD будет являться прямоугольником.

б) Из выше доказанного АВ || CD. Значит, ABCD - трапеция по определению. AC || BD - ее диагонали. Если диагонали трапеции равны, то она равнобедренная. АС = BD по условию.

Значит, ABCD - равнобокая трапеция.

Задача 11

Дано:   (рис. 11).

При каком взаимном расположении прямых а и b α || β?

 

 

Решение:  и  а и b скрещивающиеся прямые;  если прямые а и b скрещивающиеся или параллельные.

Задача 12

Дано:  (рис. 12).

а) При каком дополнительном условии пересечения отрезков ABCD - квадрат?

б) Доказать, что ABCD трапеция, в которой высота равна средней линии.

 

 

 

Решение:

а) По свойству 1° параллельных АВ || DC. При условии, что отрезки точкой пересечения делятся пополам, ABCD будет являться квадратом,

б) ΔBDC = ΔADC (по двум сторонам и угу между ними. DC - общая, AD = BC, ADC = BCD как углы при основании равнобедренной трапеции).

Из равенства треугольников следует, что BDC = ACD. Тогда DO = ОС. ΔDOC - прямоугольный и равнобедренный. ОМ - высота,, биссектриса, медиана. ΔОМС - прямоугольный равнобедренный. ОМ = МС или ОМ = 1/2DC.

Аналогично  где MN - высота, 1/2(DC + ВА) - средняя линия трапеции.

Примечание: Задачи решаются учащимися самостоятельно. Уровень выбирают ученики. Анализ решений делает учитель.






загрузка...
загрузка...
загрузка...